C++函数取值，他们应该采取引用

Question

我刚学C++，以及从C来，一些函数调用我看到这本书让我困惑：

char a; 
cin.get(a); 

在C，这不可能工作，如果你这样做，将无法获得输出，因为你是通过价值传递，而不是通过引用，为什么这在C++中工作？引用和取消引用使得隐式（编译器知道cin.get需要一个指针，所以它被引用）？

Answer 1

C++

这将用C工作++因为get()函数签名可能是这样的：

void get(char& a); // pass-by-reference 

的&符号0123后表示编译器比当您传递值为char时，它应该将引用传递给char而不是复制它。

这实质上意味着在get()内所做的任何更改都将反映在方法之外的值a中。

如果get()函数签名是这样的：

void get(char a); // pass-by-value 

然后a将由值，这意味着a副本被传递被传递到方法作为参数之前进行。对a所做的任何更改只会是本地方法，并在方法返回时丢失。

Ç

之所以这将不是在C工作，是因为C只有通按值。只有这样，才能模拟通按引用用C行为是通过值传递它的指针，然后去参考指针值（从而访问同一存储器位置）修改所述方法内的值时：

void get(char* a) 
{ 
    *a = 'g'; 
} 

int main(int argc, char* argv[]) 
{ 
    char a = 'f'; 
    get(&a); 
    printf("%c\n", a); 

    return 0; 
} 

运行此程序将输出：

g 

Answer 2

引用类型就像那样工作（通过引用传递，而不是按值传递）。它类似于在C中传递一个指针（通过指针传递），但具有更好的语法和更安全（编译时检查）。该实现在内部通过指针传递。

Answer 3

C++允许通过引用传递（注意&，这表示一个参考时）：

void foo(char& bar) { 
    bar = 42; 
} 

int main() { 
    char a; 
    foo(a); 
    // a == 42 here 
} 

Answer 4

这就是为什么一些C++程序员不喜欢用这样的引用。
它看起来像一个函数的争论 - 你不知道'a'是否被修改的语法。

首选传递const引用（当你有一个大的对象和一个副本会很昂贵），并返回引用或最好的传递指针。