php通过参考差异

我在这里有一个简单的问题。是否存在被引用的函数的参数传递变量像之间的差异：php通过参考差异

function do_stuff(&$a) 
{ 
    // do stuff here... 
}

，做它的函数里面，如：

function do_stuff($a) 
{ 
    $var = &$a; 
    // do stuff here... 
}

什么是使用这两者之间的差异（如果有的话）？。另外，任何人都可以给我一个很好的教程，解释通过引用？我似乎无法100％把握这个概念。

谢谢

来源

2012-02-11 user765368

下面是一组示例，您可以看到每个问题会发生什么。我还添加了第三个功能，它结合了你的两个问题，因为它也会产生不同的结果。

function do_stuff(&$a) 
{ 
    $a = 5; 
} 

function do_stuff2($a) 
{ 
    $var = &$a; 
    $var = 3; 
} 

function do_stuff3(&$a) 
{ 
    $var = &$a; 
    $var = 3; 
} 

$a = 2; 
do_stuff($a); 
echo $a; 
echo '<br />'; 

$a = 2; 
do_stuff2($a); 
echo $a; 
echo '<br />'; 

$a = 2; 
do_stuff3($a); 
echo $a; 
echo '<br />';

来源

2012-02-11 03:52:14

在第二个功能，传递给函数的$a是传入的参数，（除非$ a是一个对象）的副本，所以你是一个$var一个参考$a在函数内部，但它仍然与传递给函数的变量分开。

假设您使用的是最新版本的PHP，对象也会自动按引用传递，因此可能会有所作为。

来源

2012-02-11 03:50:15 loganfsmyth

我修改了它，参见编辑 – user765368 2012-02-11 03:51:31

通过引用访问“对象”，这些引用是通过值传递的，除非您明确地通过引用传递 – newacct 2012-02-11 10:25:25

它们完全不等价。在第二个版本中，您正在创建对未定义变量$a的引用，导致$var指向相同的空值。你在第二个版本中对$ var和$ a做的任何操作都不会影响函数以外的任何内容。

在第一个版本中，如果在函数内部更改$ a，则在函数返回后新值将出现在外部。

来源

2012-02-11 03:51:21

在你的第一个例子，如果你修改$a以任何方式在函数内部，函数外的原始值也将被修改。

在你的第二个例子，不管你做什么，以$a或其参考$var将不修改功能外原始值。

来源

2012-02-11 03:55:58 deceze

php通过参考差异

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