parseJSON和回声json_encode（$阵列） - 错误，如果PHP脚本警告

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我用parseJSON一个jQuery脚本，像data = $.parseJSON(json);

它得到的结果从PHP脚本由echo json_encode($array);

如果有去的东西错在PHP脚本，data也得到从PHP如警告：

<b>Warning</b>: mysqli::mysqli(): (HY000/1049): Unknown database...

That's之所以jQuery脚本显示在浏览器控制台：

VM76:1 Uncaught SyntaxError: Unexpected token < in JSON at position 3

我该怎么做，那data不会从PHP的警告？或者什么是解决这个问题的好方法？

2016-09-30 ebody

请显示您的完整代码。 –

你可以...... a）解决这个问题，这样你就不会再在PHP中出错......或者b）在PHP中出现错误报告，并继续犯错误。 – adeneo

@adeneo，谢谢。解决方案不是我搜索的内容，因为首先我想知道并显示，那是一个错误。 “PHP中出现错误报告”我也曾考虑过。但是没有其他解决方案吗？ – ebody

您只需通过添加隐藏与PHP警告：

error_reporting(0); 
ini_set('display_errors', 0);

的 <?php标签后

。这应该完全隐藏它们，所以即使你得到PHP的响应，也不会在客户端发生任何错误

2016-09-30 18:53:24 ConorReidd

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