PHP_SQL查询没有返回正确答案

Question

首先我想知道如何通过使用图像的路径在PHP中显示图像？而不使用BLOB。

和

我有我的数据库中的表这是奠定了这样..

列：I1 + I2 I3 I4 I5 I6 I7 I8

每个字段保存一个值或空。

我基本上想显示i5 i6 i7 i8的值根据什么是i1 i2 i3 i4。

对于e.g：

I1 =一个I2 = B i3的= E I4 = Q I5 =克I6 = 1 I7 = I8 =

对于这种情况下，我想G和L被显示。但我想要将值存储在数组中。

我试着这样做：

$list = array(g,l) 
$query = " SELECT i5, i6, i7, i8 FROM Table WHERE i1 AND i2 AND i3 AND i4 IN ('$list') "; 
$s = mysql_query($query); 
while($data = mysql_fetch_array($s)){ 
    $r_1 = $data['i5']; 
    $r_2 = $data['i6']; 
    $r_3 = $data['i7']; 
    $r_4 = $data['i8'];   
} 
echo "$r_1 $r_2 $r_3 $r_4"` 

即使我做$list[0]

帮助是不工作的，将不胜感激。谢谢

Answer 1

首先，我想知道如何通过使用图像的路径在PHP中显示图像？而不使用BLOB。

您不在PhP中显示图像，而是在html中显示图像。如果你已经得到了路径，然后简单地生成HTML img标签设置为路径src属性：

<img src="whatever your path is" alt="My Image" /> 

斑点用于存储图像（实际上大的二进制数据，图像，电影，... ）直接在数据库中。

Answer 2

$s = mysql_query($query); 
while($data = mysql_fetch_array($s)){ 

你不检查查询过程中是否有错误。从the documentation for mysql_query：

对于SELECT，SHOW，描述，解释等语句返回的结果集，请求mysql_query（）成功返回的资源，或者在错误FALSE。

所以做：

$s = mysql_query($query); 
if($s === FALSE) { 
    // Do something to handle the error here, possibly calling die() 
} 

下一个问题是，如果没有结果？你的变量都是空的。你可以测试：

if(empty($r_1)) { 
    echo "Oops, I guess we didn't get any results"; 
    // die()? 
} 

如果我们得到不止一行结果怎么办？我不确定你的程序应该如何处理这个问题。

最后，我想你的SQL查询是不是做你觉得它在做什么：

SELECT i5, i6, i7, i8 FROM Table WHERE i1 AND i2 AND i3 AND i4 IN ('$list') 

这会给你i5，i6，i7和i8当i1是真实的，i2是真实的， i3为真，并且i4等于字符串$list。如果你想在列表中找到所有结果，你需要做多个IN报表，你需要将$list作为列表，而不是字符串。你可以看到this answer关于如何构建查询字符串以将列表传递给MySQL。

另请注意，mysql_*函数已被弃用，您应该学会使用PDO或mysqli_*函数。它不会花费太多时间，并且安全的数据库访问是很多与他们更容易。