使用移动构造函数与传递指针有什么优势？

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Foo(Foo&& other) { 
    this->bar = other.bar; 
    other.bar = nullptr; 
} 

Foo(Foo* other) { 
    this->bar = other->bar; 
    other->bar = nullptr; 
}

以上两个似乎只是在做同样的事情。那么为什么建议使用移动构造函数呢？它提供了什么优势？使用移动构造函数与传递指针有什么优势？

来源

2017-01-28 OneZero

那么，对于初学者来说，你不能采用右值的地址...... – Brian

优点是移动构造函数将在适用的移动/复制上下文中自动使用。你的“指针”构造函数不会。 – AnT

另外，引用不能为空，但可以是一个指针，所以在交换之前你必须显式检查这个条件。 –

使用适当的转移构造的原因有很多：

公约。请看下面的代码：
```
Foo foo; 
Foo bar(std::move(foo)); 
```
如果你看到代码，它是丰富清楚你想要做什么：你正在移动foo为bar。相比之下：
```
Foo foo; 
Foo bar(&foo); 
```
这是什么意思？它是否存储指向另一个Foo的指针？是Foo某种链接列表节点类型？您必须在Foo的基于指针的构造函数的文档中查找它。
你不能得到一个指向prvalues的指针。（pre-C++ 17）会创建一个临时值，然后从它移动到bar（此举可能会在C++ 17之前被忽略）。但是你不能这样做：Foo bar(&Foo{})。
你可以从有意义的事物中自动移动。 C++ 17的广义省音让许多的这些举动自动消失，但也有一些仍然存在：
```
Foo function() 
{ 
    Foo foo; 
    //Do stuff 
    return foo; 
} 
```
这将从foo移动，而无需调用std::move。原因是foo是即将销毁的局部变量。以这种方式返回意味着从它转换到返回值是完全合理的。

你的方式需要明确写入return &foo。这使得返回类型扣除auto变得相当困难。这样的函数会推导出一个Foo*，这意味着你刚刚返回了一个悬挂指针。而如果你做return foo;，它会推导一个Foo prvalue，并带有一个自动移动（可能会被忽略）。
无需nullptr检查。如果你拿一个Foo*，有人可能会传递一个空指针。而引用，这是不太可能的（他们已经调用UB）。

如果我们想移动与现有的语言结构的支持，我们会刚使用非const引用意味着“移动”，而不是一个指针。通过赋予它自己的语法，在我们移动某个事物时以及当我们不移动时清楚地说明。

来源

2017-01-28 05:01:37

使用移动构造函数与传递指针有什么优势？

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