简单的用户请求输出和输入的文件名

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我怎样才能请求用户输入我的程序需要读取的文件名，并使用.out扩展名输出名称？简单的用户请求输出和输入的文件名

例子：

char fileName[256]; 
cout << "What is the file name that should be processed?"; 
cin >> fileName; 

inFile.open(fileName); 
outFile.open(fileName);

但我需要它来将文件保存为一个filename.out代替了原来的文件类型（即：.TXT）

我已经试过这样：

char fileName[256]; 
cout << "What is the file name that should be processed?"; 
cin >> fileName; 

inFile.open(fileName.txt); 
outFile.open(fileName.out);

但我得到这些错误：

C：\ users \ matt \ documents \ visual studio 2008 \ projects \ dspi \ dspi \ dspi.cpp（41）：error C2228：'.txt'的左边必须有class/struct/union 1> type是'char [256]' （42）：错误C2228：'.out'的左边必须有class/struct/union 1> type（文件名）是'char [256]'

来源

2010-09-11 MSwezey

要改变文件扩展名：

string fileName; 
cin >> fileName; 
string newFileName = fileName.substr(0, fileName.find_last_of('.')) + ".out";

来源

2010-09-11 22:30:12

尝试使用'x.y.z'之类的文件名或者像“abc.def \ xyz \ file.txt”这样的路径进行测试。 – 2010-09-11 22:53:08

这应该是find_last_of，而不是find_first_of :)谢谢你指出我的错误。 – 2010-09-11 22:57:55

谢谢！像魅力一样工作！ – MSwezey 2010-09-12 18:58:00

您正在使用iostreams，暗示使用C++。这反过来意味着你应该使用std :: string，它已经重载了字符串连接的操作符 - 以及自动内存管理和增加的安全性的好的副作用。

#include <string> 
// ... 
// ... 
std::string input_filename; 
std::cout << "What is the file name that should be processed?\n"; 
std::cin >> input_filename; 
// ... 
infile.open(input_filename + ".txt");

来源

2010-09-11 22:25:14

我试过，但得到了一个错误。看着它，并且.open不会将字符串作为参数。但是我发现了一行代码。 inFile.open（inputFile.c_str（），ios :: in）; outFile.open（outputFile.c_str（），ios :: in）; – MSwezey 2010-09-12 18:56:24

写filename.txt意味着fileName是一个对象，你要访问它的数据成员.txt。（相似的论点适用于fileName.out）。相反，使用

inFile.open(fileName + ".txt"); 
outFile.open(fileName + ".out");

来源

2010-09-11 22:27:01

是的，现在我认为这是完美的逻辑意义！ – MSwezey 2010-09-12 18:58:29

简单的用户请求输出和输入的文件名

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