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使用类似/不喜欢的功能为我的blogpost站点,并且变量不会流经。我已经盯着这几天了,因为所有的代码看起来都不错,而且我已经包含了包含varibales的所有必要页面,所以无法找到中断。任何见解?未传递给javascript和php的变量
这是“按钮”我使用的“Like”按钮:
<a href="#" onclick="like_add('. $blabid .')" class="like">Like</a> <span id="likes" class="likereadout">' . $likes . '</span>
id变量正确地显示,当我“检查元素”,但不会通过以下Javafunction:
function like_add(postid) {
$.post('like_add.php', {postid:postid}, function(data) {
if (data == 'success') {
alert('Woohoo');
} else {
alert('I need sleep.');
}
});
}
的JavaScript应该将该变量传递给like_add.php,其内容为:
<?php
include 'init.php';
if (isset($_POST['postid']) && article_exists($_POST['postid'])) {
$postid = $_POST['postid'];
if (previously_liked($postid) === true) {
echo 'You\'ve already liked this!';
} else {
add_like($postid);
echo 'success';
}
}
?>
哪些裁判列入的init.php文件中的以下PHP函数:
function article_exists($postid) {
$postid = (int)$postid;
return (mysql_result(mysql_query("SELECT COUNT('id') FROM 'blabbing' WHERE 'id' = $postid"), 0) == 0) ? false : true;
}
和:
function add_like($postid) {
$postid = (int)$postid;
mysql_query("UPDATE 'blabbing' SET 'likes' = 'likes' + 1 WHERE 'id'= $postid");
mysql_query("INSERT INTO 'likes' ('user_id', 'id') VALUES ($ip, $postid)");
}
Realllll新的这一切,所以请去容易在我身上。非常感谢你的帮助!
function article_exists($postid) {
$postid = (int)$postid;
return (mysql_result(mysql_query(
的Java = JavaScript的!请修正你的问题的标题不要混淆任何人。 – biziclop
你在哪里连接到你的数据库? – Onheiron
尝试改变你的查询,特别是删除表名和属性周围的那些撇号...我通常写如“SELECT * FROM table WHERE id ='”。$ id。“'” - 如果id是一个varchar – Onheiron