多少有些失落与jQuery + PHP + JSON

Question

我开始使用jQuery的$。阿贾克斯（），但我不能回到我想要的东西......我送这样的：

$(function(){ 
      $.ajax({ 
       url: "graph_data.php", 
       type: "POST", 
       data: "casi=56&nada=48&nuevo=98&perfecto=100&vales=50&apenas=70&yeah=60", 
       dataType: "json", 
       error: 
       function (xhr, desc, exceptionobj) { 
        document.writeln("El error de XMLHTTPRequest dice: " + xhr.responseText); 
       }, 
       success: 
       function (json) { 
        if (json.error) { alert(json.error); return; } 
        var output = ""; 
        for (p in json) { 
         output += p + " : " + json[p] + "\n"; 
        } 
        document.writeln("Results: \n\n" + output); 
       } 
      }); 
     }); 

和我PHP是：

<?php 

$data = $_POST['data']; 

function array2json($data){ 
    $json = $data; 

    return json_encode($json); 
} 
?> 

，当我执行此我拿出：

结果：

就像我曾经在PHP中有一个回声array2json声明，但它只是给了胡言乱语......我真的不知道我做错了什么，我已经GOOGLE了大约3个小时只是基本上相同的东西。另外，我不知道如何通过另一种方式将参数传递给$ .ajax函数中的“data：”，例如从网页获取信息，任何人都可以帮助我吗？

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编辑

我做了你的建议，并将其打印现在的数据非常感谢你=），但是，我在想，我怎么可以将数据发送到“数据”部分jQuery中，因此需要从假设用户输入，还我被检查的PHP文件，它说我可以写这样的：

json_encode($a,JSON_HEX_TAG|JSON_HEX_APOS|JSON_HEX_QUOT|JSON_HEX_AMP) 

但是，如果我这样做，我得到一个错误说json_encode接受1个参数，我给2 ......任何想法为什么？我正在使用php 5.2

Answer 1

首先：您传递给PHP脚本的数据将在$_POST中，而不是在$_POST['data']中。

下一步：您需要用一些数据实际调用array2json函数...是完整的代码示例吗？

此外，我不确定array2json应该做什么...为什么不直接拨打json_encode？

为了您的例子中，你可以简单地让你的PHP文件是这样的：

print json_encode($_POST); 

最后，你应该得到一个工具，如Firebug方便地调试AJAX调用。

编辑：

为了从用户发送数据时，所有你需要做的就是有一个form在你的页面的任何地方，然后赶submit事件，并serialize的数据，或者干脆get the value一个单独的输入字段。然后你可以用它构造你的数据查询，作为一个字符串或一个对象。 jQuery中还有非常受欢迎的Form plugin，这使得它更容易。

您收到错误的原因是因为json_encode的第二个参数直到PHP 5.3.0才被添加。所以，如果你有任何东西早于它，它是不可用的。