使用JSON.decode（）的镖从JSON字符串实例类

通过浏览各地我并成功设法创建一个类，可以通过dat:convert暴露Map toJson()方法“中选择”，可以是JSON-指明分数与JSON.encode(myClass)，更以下类似如下：使用JSON.decode（）的镖从JSON字符串实例类

//My dummy class 
class MyClass{ 
    String p1; 
    String p2; 

    Map toJson{ 
    return { 
     'p1':this.p1, 
     'p2':this.p2 
    } 
    } 
} 

//so I can do 
String jsonString = JSON.encode(myClass)

不过，我想围绕这样做，甚至其他的方式，如：

String jsonString = '{"p1":"value","p2":"value"}' 
MyClass instance = JSON.decode(jsonString)

但到目前为止，我没能找到一种方法。我知道我可以建立我的类的构造函数，从地图初始化它，像：

String jsonString = '{"p1":"value","p2":"value"}' 
MyClass instance = MyClass.fromMap(JSON.decode(jsonString))

不过，我一直在寻找的只使用JSON.encode（）和JSON.decode更加“对称”方式（），它在某种程度上可行吗？我错过了什么吗？

来源

2016-09-29 dev_mush

大约只是隐藏什么'JSON.decode'在构造函数中吗？看起来像（这只是我的意见）最好显式地调用'toJson（）'，如果异常被抛出它，它不会出现在堆栈跟踪中（我不知道为什么）。 –

嗯，我当然可以，但我的问题更多的是知道为什么我可以选择进入JSON.encode（）通过暴露toJson（）而不是其他方式。 –

在JSON中没有标准的方法来编码类。 {"p1":"value","p2":"value"}不包含任何有关实例化类的信息。也没有标准的方式来创建一个新的类作为字符串（应使用什么库时，几个包含一个类具有相同的名称，...

据我所知，reviver可用于该目的

reviver(var key, var value) { 
    // decode manually 
} 
final jsonDecoder = new JsonDecoder(reviver);

但齐磊需要有一些硬编码的逻辑如何识别JSON应该产生什么达特类什么以及应该如何实例并从JSON初始化属性。

来源

2016-09-29 14:47:24

使用JSON.decode（）的镖从JSON字符串实例类

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