如何创建具有作为一个模板，模板等一个模板类

使用的typedef时，我的问题是有关模板的模板，映射和迭代器。

免责声明：

请接受我的道歉，我是新来的C++和我的词汇量是非常有限的，因此我无法用言语准确地描述了我的问题。我附上我的代码。我希望它能解释更多。

我的代码

我有两个类型的功能，设置和GET：

template<class T> 
    struct SetFunctionClass 
    { 
     typedef boost::function<void(T)> SetFunction; 
    }; 

    template<class G> 
    struct GetFunctionClass 
    { 
     typedef boost::function<G()> GetFunction; 
    };

，我可以像这样访问：

void setX (int i) 
    { 
     std::cout<< "Ciao"<< i*2 << std::endl; 
    } 

    float getA() 
    { 
     return 0.1; 
    } 
    ... 
    SetFunctionClass<int>::SetFunction fun = &setX; 
    GetFunctionClass<float>::GetFunction fun2 = &getA; 
    ...

直到这里的一切或多或少的罚款，但我希望能够插入这样的功能在容器类，使用代码类似于：

FunctionHandler<SetFunctionClass<int>::SetFunction> myIntSetFunctionsHandler ; 
    FunctionHandler<GetFunctionClass<float>::GetFunction> myFloatGetFunctionsHandler ; 

    std::string methodName("setX"); 
    myIntSetFunctionsHandler.insert(methodName, fun); 
    std::string methodName2("getA"); 
    myFloatGetFunctionsHandler.insert(methodName2, fun2);

，这是我的容器类：

template<template <typename > class FunctionClass> 

    class FunctionHandler 
    { 
    private: 
     typedef std::map<std::string, FunctionClass > Function_Map; 
     typedef typename std::map<std::string, FunctionClass >::iterator Function_Map_Iter; 
     Function_Map map; 
    public: 
     FunctionHandler(void); 
     virtual ~FunctionHandler(void); 

     void insert(std::string name, FunctionClass fun) 
     { 
      std::string funName(name); 
      map.insert(funName, fun); 
     } 
     FunctionClass find(const std::string& name) 
     { 
      std::auto_ptr<std::string> methodName(name); 
      Function_Map_Iter iter = map.find(*methodName.get()); 
      if (iter == map.end()) 
       throw std::runtime_error("Inexistent method: " + *methodName.get()); 
      return iter->second; 
     } 
    };

我的问题： 我的问题在于我模板类FunctionHandler方式：

template<template <typename > class FunctionClass>

许多编译错误上模板

并且还在模板参数在这里： 注意：Eclipse不接受这个签名

FunctionHandler<SetFunctionClass<int>::SetFunction> myIntSetFunctionsHandler;

问：能否请你解释一下我如何创建一个具有为模板另一个模板模板类???

EDITED

谢谢！

来源

2014-09-24 Iacopo Breschi

**这是什么问题？你有编译错误吗？运行时错误？别的东西？ – 2014-09-24 14:27:38

@ n.m。如何创建一个作为另一个模板模板的模板类 – 2014-09-24 14:28:32

@NeilKirk这是一个太宽泛的问题。我不知道从哪里开始。 “解压缩并插入计算机...”显示**特定**问题。 “我正在做XYZ，我希望ABC能够发生，但是我得到了IJK”。 – 2014-09-24 14:31:58

你不想要一个模板的模板参数，但是类型：

template<typename FunctionClass> 
class FunctionHandler;

就足够了。

你可以接着用

FunctionHandler<SetFunctionClass<int>::SetFunction> myIntSetFunctionsHandler; 
FunctionHandler<GetFunctionClass<float>::GetFunction> myFloatGetFunctionsHandler;

使用以下

template<template <typename > class FunctionClass> class Foo;

允许调用

Foo<SetFunctionClass> foo; // we don't mention what is the type of SetFunctionClass

来源

2014-09-24 14:41:42 Jarod42

'Foo foo;'不起作用： 'Foo foo'具有不完整的类型，无法定义。“ 无论如何，这种签名的用法是什么？ – 2014-09-25 08:59:08

我只是提供声明，而不是定义，所以它有一个不完整的类型是正常的。 – Jarod42 2014-09-25 15:02:05

如果您在'Foo'中管理不同类型，可能会很有用，因此Foo可能有'FunctionClass '和'FunctionClass '成员。 – Jarod42 2014-09-25 15:04:13

SetFunctionClass<int>是一种类型，是SetFunctionClass<int>::SetFunction。 SetFunctionClass是template。

template <typename > class FunctionClass是一个模板参数，而不是一个类型参数。

template s是在填写参数时产生类型的东西。他们不是类型。当您通过template时，它们不能用作类型，它们只能用作template s。

如果你想要一个类型，传入一个类型，并接受一个类型。

来源

2014-09-24 15:13:56 Yakk

如何创建具有作为一个模板，模板等一个模板类

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