如何保存附加到变量然后将它们转换为PHP，以便您可以将它们保存在数据库中？

<html> 
<head> 
    <meta charset="utf-8"> 

    <title>Test page for Query YQL</title> 

    <link rel="stylesheet" href="http://hail2u.github.io/css/natural.css"> 

    <!--[if lt IE 9]><script src="http://hail2u.github.io/js/html5shiv.min.js"></script><![endif]--> 
</head> 
<body> 
    <h1>Test page for Query YQL</h1> 

    <div id="content"></div> 

    <input type="button" name="bt1" value="click" onclick="pesquisa()"> 

    <form name="s2"> 
    <input type="text" name="s1"> 
    </form> 

    <script src="http://ajax.googleapis.com/ajax/libs/jquery/1/jquery.min.js"></script> 
    <script src="jquery.query-yql.min.js"></script> 
    <script type="text/javascript"> 

    function pesquisa(){ 

     $(function() { 

     var t = $('#content').empty(); 
     var url= document.s2.s1.value; 
     var statement = 'select * from feed where url="'+url+'"'; 

     $.queryYQL(statement, function (data) { 
      $('<h2/>').text('Test: select * from feed').appendTo(t); 
      var r = data.query.results; 
      var ul = $('<ul/>'); 

      $.each(r.item, function() { 

      $('<li/>').append(this.title).appendTo(ul); 
      $('<li/>').append(this.link).appendTo(ul); 

      <?php 

       $titulo = "<script>document.write(titulo);</script>"; 

       $site = "<script>document.write(site);</script>"; 

       //echo $titulo; 
       //echo $site; 

      ?> 
      }); 
      ul.appendTo(t); 
     }); 
     }); 
    }; 

    </script> 
</body> 
</html>

如何将this.title和this.link值保存到2个不同的变量中然后将它们调用到php中，以便将数据插入到数据库中？如何保存附加到变量然后将它们转换为PHP，以便您可以将它们保存在数据库中？

这只是一个简单的YQL查询，以便对RSS源搜索。

做查询后，我希望结果保存在数据库中，但我无法找到如何做到这一点。

来源

2017-04-02 Crazy Transmontano

使用ajax将数据从jquery传递给PHP，并在php脚本中执行数据库插入过程。 –

我对阿贾克斯一无所知，你能给我一些指导吗？ –

首先，您必须了解您正在开发客户端 - 服务器体系结构。

这意味着：

比方说，这个文件你向我们展示被称为“TestYQL.php”（因为你没有说，它的名字）。这个文件由php（服务器端）执行，它逐行读取它的内容，并从原始文件生成另一个新文件。为了教育目的，假设生成的文件被称为“GeneratedTestYQL.html”。这个文件不再有任何php代码，因为它直接是html和js flat。它对于php一无所知。所以没有PHP函数，变量，什么都没有。这最后一个文件是到达客户端的代码，代码由像Chrome，Firefox等网络浏览器执行。

在你的情况下，文件“TestYQL.php”你所有的PHP是<? Php ....?>标签里面有什么。使用php，你创建了两个变量，每个变量都有一个标签，但没有任何用途，因为它们没有以任何方式使用。因此，生成的“GeneratedTestYQL.html”文件与原始文件相同，但没有<? Php ...?>内的行。

这意味着：您在PHP中使用变量的内容可以被发送到浏览器，因为PHP，你会产生将在浏览器中执行的文件。

现在，当文件“GeneratedTestYQL.html”到达时，浏览器开始显示文件的所有内容，它产生了表单，当您单击该按钮，执行相应的功能pesquisa（）和现在开始使用JavaScript（JQuery）引入提要的数据，并且第一次，这些变量“this.title”和“this.link”开始在javascript中存在。

由于在这里没有这样的东西，你可以不是从php访问这些变量。

那么，如何保存在数据库的数据？不错，常用的方法是你从浏览器想要的数据，发送到服务器，然后服务器认为如何处理这些数据做。要将数据从浏览器发送到服务器，可以通过向服务器发送GET或POST请求到一个php文件（最好是另一个文件，假设它将被称为“saveFeeds.php”）来完成。

数据可以用GET请求被发送，但因为GET意味着你想从服务器获取数据是语义上不正确。因此，要将这些数据发送到服务器，您必须从浏览器发出POST请求，这更合适。

现在有两种简单的方法可以发出POST请求。这些中的第一个也是最常见的来自浏览器中的表单，另一种方式是使用Ajax。

如何从表单中执行此操作？

目前在您的代码中，您已经放置了一个表格（称为“s2”），虽然目前不需要，但现在就离开。如果你想通过表单发送数据，你应该做2件事情。首先也是最明显的，创建表单;其次，从互联网收到的数据（标题和Feed的链接），将它们发送到服务器。

假设您从每个网址的单个Feed获取数据，并且负责接收请求的指定文件将为“saveFeeds.php”。所以，你可以一前一后创建类似下面的形式：

<Form class = "sender" action = "saveFeeds.php" method = "post"> 
  <Input type = "hidden" name = "title" value = ""> <br> 
  <Input type = "hidden" name = "link" value = ""> <br> 
  <Input type = "submit"> 
</ Form>

然后，你需要把表格内的饲料数据，因为，在这一刻，你无法发送任何东西。你可以添加一个功能，如：

Function appendFeedToForm (title, link) { 
  Var form = $ (". Sender"); 
  Form.title.value = title; 
  Form.link.value = value; 
}

然后从结果的$ .each内部称其为 AppendFeedToForm(this.title, this.link);

第二种情况下，最简单的方法，使使用Ajax相同文件的请求使用JQuery快捷键：

$.post("saveFeeds.php", r.item);

如果您对验证感兴趣，可以查看JQuery文档。关于Ajax请求的重要之处在于，您可以发送所需的所有数据，而不必强制您重新加载页面。因此，您可以按照发送方式发送尽可能多的Feed。

现在随着从客户端发送到服务器的数据，有必要处理数据的接收。目前我们将所有数据都指向文件“saveFeeds.php”，所以，现在，我们最终可以从javascript中提取内容。要访问它们，只需在该文件中，你应该检查的字段：

$ _POST ['title']  // This names are from input names of form 
$ _POST ['link']  // or properties sended through Ajax

所以，在这里，你已经TP准备数据库的连接，并保存这些参数。目前你没有提到你正在使用哪个数据库引擎，所以，现在我会在这里缩短答案。

注：我没有给你最好的实践来解决你的问题，而是最低限度的必要。

来源

2017-04-02 16:19:43 Francute

感谢Francute的帮助！ –

如何保存附加到变量然后将它们转换为PHP，以便您可以将它们保存在数据库中？

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