如何从路径中提取文件名列表;我有一个文件列表。我使用的是csh shell，并安装了awk，sed和perl。提取文件名从在csh shell路径 - 从文件
/dfgfd/dfgdfg /文件名
应该给我
名
我试过基本名称：
find $PROJDIR -name '*.c' -o -name '*.cc' -o -name '*.h'
| xargs grep -l pattern | xargs basename
，它给了我下面的错误：
基名：参数太少 尝试`basename - 帮助'获取更多信息。
THX
标准程序basename你想要做什么：
$ basename /dfgfd/dfgdfg/filename
filename
这种解决办法的工作对我来说。你说你有perl，所以这应该运行。它将所有非空格文本替换为最后/不加任何内容（有效地删除它）。
find $PROJDIR -name '*.c' -o -name '*.cc' -o -name '*.h'
| xargs grep -l pattern | perl -pi -e "s/\S+\///g"
好吧，我发现使用AWK一个很好的解决方案：
find $PROJECT_DIR -name '*.c' -o -name '*.cc' -o -name '*.h'
| xargs grep -l PATTERN | awk -F "/" '{print $NF}'
find $PROJDIR -name '*.c' -o -name '*.cc' -o -name '*.h' | xargs grep -l pattern
| xargs -n1 basename
试试这个！
为基名accepet单一路径参数作为参数，所以我们强迫xargs的拆分也一个接一个。
我的问题是略有不同，基本名称将无法正常工作。检查编辑的问题。 – vehomzzz 2009-09-30 15:01:37
'basename'一次只能用于一个文件名。用'xargs -n1 basename'替换最后一部分。 – Thomas 2009-09-30 15:08:53
也可以尝试'-r'，避免运行不带参数的一个'basename'如果没有匹配。 – ephemient 2009-09-30 15:42:27