是否有scala身份识别功能？

如果我有像一个List[Option[A]]，我想这个转换成List[A]，标准的方法是使用flatMap：是否有scala身份识别功能？

scala> val l = List(Some("Hello"), None, Some("World")) 
l: List[Option[java.lang.String]] = List(Some(Hello), None, Some(World)) 

scala> l.flatMap(o => o) 
res0: List[java.lang.String] = List(Hello, World)

现在o => o只是一个身份的功能。我本来还以为是什么一些方法来做到：

l.flatMap(Identity) //return a List[String]

但是，我不能得到这个工作，因为你不能泛型化的object。我尝试了几件事情无济于事。有没有人有这样的工作？

来源

2009-11-25 oxbow_lakes

我会认为'{_}'应该等同于'{X => X}'就像'{_ + 3}'等同于{x => x + 3}'一样。任何人都可以评论为什么它不是这样吗？ – 2016-12-06 01:38:31

有一个身份function in Predef。

l flatMap identity[Option[String]] 

> List[String] = List(Hello, World)

一种用于expresion是更好的，我想：

for(x <- l; y <- x) yield y

编辑：

我试图找出为什么需要该类型参数（选项[字符串]）。问题似乎是从Option [T]到Iterable [T]的类型转换。

如果定义为标识功能：

l.flatMap(x => Option.option2Iterable(identity(x)))

类型参数可以省略。

来源

2009-11-25 15:12:32

类型推理器怎么会不知道类型本身？为什么'l.flatMap（identity）：List [String]'没有工作？ – 2009-11-25 15:37:25

我认为推理者可以弄清楚。我不知道。我会添加一个问题。 :-) – 2009-11-25 15:42:57

@oxbow_lakes - 查看编辑。它与隐式类型转换有关。 – 2009-11-25 16:22:15

FWIW，在斯卡拉2.8上，你只需拨打flatten就可以了。 Thomas它主要覆盖Scala 2.7。他只错过了利用身份的一种替代方法：

l.flatMap[String](identity)

它不会与运营商的符号工作，但是（似乎算符不接受类型的参数，这是很好的了解）。

可以也呼叫flatten上的Scala 2.7（在List，至少），但它不能做任何事情没有一个类型。然而，这个工程：

l.flatten[String]

来源

2009-11-25 18:19:44

你可以给类型inferencer一点帮助：

scala> val l = List(Some("Hello"), None, Some("World")) 
l: List[Option[java.lang.String]] = List(Some(Hello), None, Some(World)) 

scala> l.flatten[String] 
res0: List[String] = List(Hello, World)

来源

2009-11-25 21:03:54

是否有scala身份识别功能？

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