为什么这个变量没有被发布并给出错误？

为什么bakeryid变量没有发布在我的表单中？我收到的错误是为什么这个变量没有被发布并给出错误？

“通知：未定义的变量bakeryid”

我有两个页面，一个显示形式和第二个是为形式的动作。第二种形式一直说它还没有定义。 bakeryid是每个蛋糕订单的ID。

$sql = mysqli_query($con,"SELECT `firstname`, `bakeryid`, `order` FROM cakes"); 

$bakeryid = $_POST['bakeryid']; 

?> 
    <table border='2'> 
    <th>First Name</th> 
    <th>Order</th> 
<?php 
    echo '<form name="display" method="POST" action="cakephp.php">'; 
    while($row = mysqli_fetch_array($sql)) 
    { 
    echo "<tr>"; 
    echo "<td>" . $row['firstname'] . "</td>"; 
    echo "<td>" . $row['order'] . "</td>"; 
    echo '<td><input type="hidden" name="bakeryid" value="' . $bakeryid . '"/></td>'; 
    echo '<td><input type="hidden" name="memid" value="' . $memid . '"/><input type="submit" name="takeorder" value="Take Order" ></td>'; 
    echo "</tr>"; 
    } 
    echo "</form>"; 
    echo "</table>";

答：

echo '<td><input type="hidden" name="bakeryid" value="' . $row['bakeryid'] . '"/></td>';

来源

2015-02-08 user11119483

未定义的变量是什么？ – 2015-02-08 22:00:49

对不起，未定义变量是bakeryid – user11119483 2015-02-08 22:02:07

你在哪里关闭'form'？ – hjpotter92 2015-02-08 22:03:51

您将$bakeryid设置为$_POST['bakeryid']，但随后使用$bakeryid定义面包房。

请尝试：

$sql = mysqli_query($con,"SELECT `firstname`, `bakeryid`, `order` FROM cakes c INNER JOIN members m ON c.memid = m.memid"); 

$bakeryid = $_POST['bakeryid']; // this line is unnecessary 

    ?> <table border='2'> 
      <th>First Name</th> 
      <th>Order</th> 
<?php 
     echo '<form name="display" method="POST" action="cakephp.php">'; 
while($row = mysqli_fetch_array($sql)) 
      { 
        echo "<tr>"; 
        echo "<td>" . $row['firstname'] . "</td>"; 
        echo "<td>" . $row['order'] . "</td>"; 
        echo '<td><input type="hidden" name="bakeryid" value="' . $row['bakeryid'] . '"/></td>'; // this line changed 
        echo '<td><input type="hidden" name="memid" value="' . $memid . '"/><input type="submit" name="takeorder" value="Take Order" ></td>'; 
       echo "</tr>"; 
      } 
echo "</form>";

来源

2015-02-08 22:11:50 Sablefoste

我明白你的意思了，谢谢你的帮助*竖起大拇指*现在正在工作 – user11119483 2015-02-08 22:18:20

没问题，祝你好运！：d – Sablefoste 2015-02-08 22:18:43

$sql = mysqli_query($con,"SELECT `firstname`, `bakeryid`, `order` FROM cakes c INNER JOIN members m ON c.memid = m.memid"); 

$bakeryid = $_POST['bakeryid']; ?> 
<table border='2'> 
    <th>First Name</th> 
    <th>Order</th> 
<?php 
     echo '<form name="display" method="POST" action="cakephp.php">'; 
     while($row = mysqli_fetch_array($sql)) 
     { 
       echo '<tr> 
          <td>' . $row['firstname'] . '</td> 
          <td>' . $row['order'] . '</td> 
          <td><input type="hidden" name="bakeryid" value="' . $row['bakeryid'] . '"/></td> 
          <td><input type="hidden" name="memid" value="' . $memid . '"/> 
           <input type="submit" name="takeorder" value="Take Order" > 
          </td> 
        </tr>'; 
     } 
echo '</form></table>';

的bakeryid原因没有出现在的形式，设置字段时被珍惜你正在使用$ bakeryid其设置为不是招”后还没有发生。您想要将值设置为$ row ['bakeryid']，如上所述。

来源

2015-02-08 22:09:55

为什么这个变量没有被发布并给出错误？

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