MySQL查询不与PHP变量工作

当我写死我这样的查询，查询返回正确的结果：MySQL查询不与PHP变量工作

$data = mysql_query("SELECT * FROM $table_name WHERE post_ID = '1'") or 
       die(mysql_error());

但是当我使用这样的PHP变量，查询不返回任何结果：

$data = mysql_query("SELECT * FROM $table_name WHERE post_ID = '$ID'") or 
       die(mysql_error());

我已经初始化的变量上面如下：

$ID = $_POST[ID];

和可变屡试不爽有这样的说法：

$sql = "INSERT INTO $table_name (post_ID, user_name, comments) 
    VALUES ('$ID','$name', '$comment')";

所以我不明白为什么变量将正确地插入到我与以前的声明SQL表，但不与查询工作。我在sql_table中为post_ID字段使用了一个varchar数据类型。

来源

2013-03-06 user2138541

[**请不要在新代码**中使用'mysql_ *'函数]（http://bit.ly/phpmsql）。他们不再被维护[并且被正式弃用]（http://j.mp/XqV7Lp）。看到[**红框**]（http://j.mp/Te9zIL）？学习[*准备的语句*]（http://j.mp/T9hLWi），并使用[PDO]（http://php.net/pdo）或[MySQLi]（http://php.net/ mysqli） - [这篇文章]（http://j.mp/QEx8IB）将帮助你决定哪个。如果你选择PDO，[这里是一个很好的教程]（http://j.mp/PoWehJ）。 – 2013-03-06 05:46:55

它应该是'$ ID = $ _POST ['ID'];'不.. ..？ – MatRt 2013-03-06 05:47:22

$ _POST [ID];仍然认为它是一个字符串，提供的ID没有被定义为一个常量。（请注意它会引发警告级别的错误）所以不一定，但你可能是正确的。 – Mechzeit 2013-03-06 05:49:05

试试这个

$ID = $_POST['ID']; 
$data = mysql_query("SELECT * FROM ".$table_name." WHERE post_ID = '".$ID."'") or 
     die(mysql_error());

来源

2013-03-06 06:00:02

没有工作 – user2138541 2013-03-06 06:02:07

可以确保您的$ _ POST [“ID”]不为空或返回一个有效的价值？ – 2013-03-06 06:10:27

的$ _ POST [ID]时返回适当的值到SQL表 – user2138541 2013-03-06 06:35:35

能不能请你，而不是直接报价

$data = mysql_query("SELECT * FROM $table_name WHERE post_ID =$ID") or 
       die(mysql_error());

来源

2013-03-06 06:01:10

这将导致一个错误：你在你的SQL语法错误;检查对应于你的MySQL服务器版本使用附近的“”在1号线 – user2138541 2013-03-06 06:06:01

请打印$ ID的值正确的语法手册是有它的任何值或不 – 2013-03-06 06:07:44

没有什么是打印的，但正确的值被输入到我的sql表中。所以这没有任何意义。 – user2138541 2013-03-06 06:14:51

PHP解释器，如果你把它内“”不分析的变量。因此，尝试删除单引号，即使用的，而不是 '$ ID'

$data = mysql_query("SELECT * FROM $table_name WHERE post_ID = $ID") or die(mysql_error());

来源

2013-03-06 06:02:31

这会导致错误 – user2138541 2013-03-06 06:05:21

您的SQL语法有错误;检查与你的MySQL服务器版本相对应的手册，在第1行的''附近使用正确的语法。 – user2138541 2013-03-06 06:08:11

@Mhhir在“...'$ ID'”中，字符串用双引号分隔，变量替换完成。单引号只是字符串的一部分，并不会阻止变量替换（如'...“$ ID”'） – 2013-03-06 06:17:29

尝试只需$ ID使用此

<?php 
$query = "SELECT * FROM $table_name WHERE post_ID = "$ID; 
$data = mysql_query($query); 
?>

虽然，你必须使用库MySQLi而不是MySQL的功能。

快乐编码！

来源

2013-03-06 06:10:40 Gaurav

确保首先设置$_POST['ID']。

$ID = isset($_POST['ID']) ? $_POST['ID'] : <some_values>; #for debugging purpose

然后执行：

$data = mysql_query("SELECT * FROM $table_name WHERE post_ID = '".$ID."'") or 
     die(mysql_error());

来源

2013-03-06 06:38:43 foxns7

变量没有被设置...现在我不知道我的SQL表是如何被填充.. – user2138541 2013-03-06 06:46:54

尝试检查你的HTML表单中输入值。也许你错过了那部分。 – foxns7 2013-03-06 06:53:17

下面是一些问题的代码。因为你的PHP变量不会在MySQL查询中工作。所以你必须把变量传递给它。用一个单引号，你可以像这样传递它。和

$ data = mysql_query（“SELECT * FROM'$ table_name'WHERE post_ID ='1'”）或 die（mysql_error（））;

谢谢

来源

2014-02-11 06:04:24

MySQL查询不与PHP变量工作

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