我试图调试一个巨大的,过时的(大约2001年)PHP Web服务,并遇到文件打开失败。 fopen调用位于一个包含的模块中,调用者正在记录该文件无法打开,但没有记录任何理由。如何输出PHP文件打开失败的原因
实际执行开放的代码是:
// Read the file
if (!($fp = @fopen($fileName, 'rb'))) {
$errStr = "Failed to open '{$fileName}' for read.";
break; // try-block
}
我怎样才能找出原因的fopen失败了?