警告：传递 '为const char *' 类型为参数 '的char *' 丢弃预选赛

Question

int main(int argc, char const *argv[]) 
{ 
    char original[5] = ".txt"; 
    int c; 
    strcat(argv[1], original); 
    FILE *find; 
    find = fopen(argv[1], "r"); 
    if (find) { 
     while ((c = getc(find)) != EOF) 
      putchar(c); 
     fclose(find); 
    } 

    return(0); 
} 

我该怎么办？ 现在，我用c编程创建一个项目。

Answer 1

strcat(argv[1], original); 

类型的argv[1]是const char*，并且strcat第一个参数为char*。

argv中的字符串不应该被修改。

你基本上需要这个（仍然有改进的余地）：

char txtextension[5] = ".txt"; 
char filename[200]; // 200 will be hopefully enough 
strcpy(filename, argv[1]); 
strcat(filename, txtextension); 
FILE *find; 
find = fopen(filename, "r"); 

图片的标题说明：

1. 更换char original[5] = ".txt";与char original[] = ".txt";。在后一种情况下，编译器会自动分配正确的内存大小。
2. 根据它们所代表的名称变量，所以original应该命名为例如txtextension。