将属性声明为对象？

你如何声明一个类属性作为一个对象？将属性声明为对象？

我想：

public $objectname = new $Object();

但没有奏效。另外，你为什么要这样做？

只是实例化该对象并使用其成员不是更好吗？

来源

2010-02-04 ajsie

从PHP manual on class properties（重点煤矿）：

类成员变量被称为“属性”。您也可以使用其他术语（如“属性”或“字段”）来查看它们，但出于此参考的目的，我们将使用“属性”。它们是通过使用关键字public，protected或private之一来定义的，后面跟着一个正常的变量声明。这个声明可能包含一个初始化，但是这个初始化必须是一个常量值 - 也就是说，它必须能够在编译时进行评估，并且不能依赖运行时信息进行评估。

要么构造（composition）

class Foo 
{ 
    protected $bar; 
    public function __construct() 
    { 
     $this->bar = new Bar; 
    } 
}

或inject它在构造（aggregation）

class Foo 
{ 
    protected $bar; 
    public function __construct(Bar $bar) 
    { 
     $this->bar = $bar; 
    } 
}

，或者使用setter注入内部创建它。

class Foo 
{ 
    protected $bar; 
    public function setBar(Bar $bar) 
    { 
     $this->bar = $bar 
    } 
}

你想要favor aggregation over composition。

来源

2010-02-04 20:45:13 Gordon

聚集也被称为“依赖注入”，Fabien Potencier在这里有一个教程：http://fabien.potencier.org/article/11 /什么，是依赖注入 – 2010-02-05 03:28:55

PHP不支持对类成员的显式类型化。所以你不能说：

public Object $objectname;

如果该类Object存在，你想它的一个实例，请尝试：

public $objectname = new Object();

来源

2010-02-04 20:38:30

这会产生一个致命错误，“常量表达式包含无效操作” – hassan 2017-02-18 07:35:45

如果你只是寻找实例化一个泛型类，你可以这样做：

$objectname = new stdClass;

我不相信你可以在属性的声明中这样做，所以你不得不只需要声明$ objectname并在构造函数中将其设置为新的stdClass。

来源

2010-02-04 20:51:24 jhchen

将属性声明为对象？

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