PHP和JSON没有表现出任何结果

我有下面的PHP代码，打印出在这个环节中显示的结果：http://www.visitrack.co.uk/testdata2.php PHP和JSON没有表现出任何结果

$json = "http://api.duedil.com/sandbox/v2/company/03977902.json fields=get_all&api_key=***"; 
$jsonfile = file_get_contents($json); 
var_dump(json_decode($jsonfile,true));

什么，我试图做的是在个别PHP变量的结果拆分。下面的代码是我的尝试，但它不会返回错误或任何结果。

$url="http://api.duedil.com/sandbox/v2/company/03977902.json?fields=get_all&api_key=2gwhy5py2zfdzpnf3ev3dsjs"; 
$json = file_get_contents($url); $response = json_decode($json, TRUE); 
echo $requestId->Response->id->value;

任何意见，将不胜感激。谢谢

来源

2013-03-14 user1941709

谁downvoted这一点，请解释原因。 – SquareCat 2013-03-14 22:05:41

@Cummander - 这不是我的失望，但第二个参数的解释在函数签名中。当你不知道它做什么时，为什么显式传递一个“真实”值？ – Lix 2013-03-14 22:07:28

'var_dump'完全显示它是什么，一个数组，所以你像一个数组访问它，而不是像一个对象。 – jeroen 2013-03-14 22:07:31

您正在将json_decode()的第二个参数设置为true。这将导致一个关联数组。不要传递任何东西（因为它默认是错误的）。您可以在documentation中阅读全部内容。

json_decode（字符串$ JSON [，布尔$ ASSOC =假]）

基本上，您使用->的方法是你将如何访问它以对象的形式。

$foo->bar

在一个关联数组，这看起来像 -

$foo['bar']

来源

2013-03-14 22:04:10 Lix

PHP和JSON没有表现出任何结果

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