我想要一个Prolog谓词,它可以替换指定索引处列表中的元素。序言:替换指定索引处列表中的元素
例子:
% replace(+List,+Index,+Value,-NewList).
?- L=[a,b,c,d], replace(L,1,z,L2).
L2 = [a,z,c,d]
我不知道如何做到这一点。谢谢你的帮助!卢瓦克。
我想要一个Prolog谓词,它可以替换指定索引处列表中的元素。序言:替换指定索引处列表中的元素
例子:
% replace(+List,+Index,+Value,-NewList).
?- L=[a,b,c,d], replace(L,1,z,L2).
L2 = [a,z,c,d]
我不知道如何做到这一点。谢谢你的帮助!卢瓦克。
我给你的基本情况,我想你应该能够轻松地做递归情况:
replace([_|T], 0, X, [X|T]).
编辑:
现在运已经解决了这个问题,我将添加递归情况:
replace([H|T], I, X, [H|R]):- I > 0, I1 is I-1, replace(T, I1, X, R).
EDIT2:
这应当交回原名单中的越界情况作为@GeorgeConstanza要求在评论:
replace([_|T], 0, X, [X|T]).
replace([H|T], I, X, [H|R]):- I > -1, NI is I-1, replace(T, NI, X, R), !.
replace(L, _, _, L).
它基本上走的是切割操作的优势,不会升到第三个后备条款,如果有一个很好的入境更换。
很清楚,使用@fortran递归进行替换是最好的选择。但是这太疯狂了/实际使用速度很慢?
replace(List, Idx, With, ListOut) :-
length(Idx, Before),
append(Before, After, List),
( After=[_Discard|Rest]
-> true
; Rest=[]
),
append(Before, [With|Rest], ListOut).
基本上你做一个大小为Idx的空白数组并将其绑定到输入列表。然后丢弃该项目,并将两个列表绑定在一起,替换元素夹在中。
如果您尝试设置N个元素列表的idx N(从0索引),那么可以进一步简化该操作。
replace(List, Idx, With, ListOut) :-
length(Idx, Before),
append(Before, [_Discard|Rest], List),
append(Before, [With|Rest], ListOut).
从FORTRAN答案是好的,但在SWI-Prolog的结构有无限的元数,所以这应该工作:
replace([_|T], 0, X, [X|T]).
replace([H|T], I, X, [H|R]) :-
I > 0,
I1 is I - 1,
replace(T, I1, X, R).
replace1(L, I, X, R) :-
Dummy =.. [dummy|L],
J is I + 1,
nb_setarg(J, Dummy, X),
Dummy =.. [dummy|R].
tr(Method, K) :-
length(L, K),
K1 is K - 1,
time(call(Method, L, K1, test, R)),
assertion(nth1(K, R, test)).
但是,出乎我的意料:
?- % /home/carlo/prolog/replace.pl compiled 0,00 sec, 2,280 bytes
?- tr(replace,2000000).
% 3,999,999 inferences, 2,123 CPU in 2,128 seconds (100% CPU, 1884446 Lips)
true .
?- tr(replace1,2000000).
% 5 inferences, 1,410 CPU in 1,414 seconds (100% CPU, 4 Lips)
true.
?- tr(replace,4000000).
% 7,999,999 inferences, 3,510 CPU in 3,520 seconds (100% CPU, 2279267 Lips)
true .
?- tr(replace1,4000000).
% 5 inferences, 2,825 CPU in 2,833 seconds (100% CPU, 2 Lips)
true.
?- tr(replace,5000000).
% 9,999,999 inferences, 3,144 CPU in 3,153 seconds (100% CPU, 3180971 Lips)
true .
?- tr(replace1,5000000).
% 5 inferences, 4,476 CPU in 4,486 seconds (100% CPU, 1 Lips)
ERROR: =../2: Arguments are not sufficiently instantiated
^ Exception: (9) setup_call_catcher_cleanup(system:true, prolog_statistics:catch(user:call(replace1, [_G1, _G4, _G7, _G10|...], 4999999, test, _G15000005), _G15000021, (report(t(1324124267.2924964, 18.892632697, 28490132), 10), throw(_G15000021))), _G15000145, prolog_statistics: (_G15000032=true)) ? abort
% Execution Aborted
我第一次尝试(K = 10000000)杀死了进程! 所以,我不喜欢,试图获得一些性能,我最终填充到SWI-Prolog的邮件列表发送错误报告...
编辑:后到SWI-Prolog的邮件列表后,和(快速!)更正,我已经重建,这里是一个关于内存使用情况的提示(现在它全部是ISO标准代码!)。由于不寻常的大值,需要一个堆栈增长指令前:
?- prolog_stack_property(global,limit(L)), N is L*2, set_prolog_stack(global,limit(N)).
N = 536870912.
这里是更新的过程:
replace2(L, I, X, R) :-
Dummy =.. [dummy|L],
J is I + 1,
setarg(J, Dummy, X),
Dummy =.. [dummy|R].
和测试:
?- tr(replace,10000000).
% 19,999,999 inferences, 5.695 CPU in 5.719 seconds (100% CPU, 3511942 Lips)
true .
?- tr(replace2,10000000).
% 5 inferences, 2.564 CPU in 2.571 seconds (100% CPU, 2 Lips)
true.
它的速度更快的代码,但请注意Jan对我的邮件的评论:
归结为= ..(+, - )中的差错处理。固定。 B.t.w. I 认为这是非常糟糕的工作方式。即使你想 这样做,只需使用setarg/3而不是nb_setarg/3。后者应该是不得已而为之。此方法使用更多内存 ,因为它需要巨大的术语和列表。最后,仿函数 (名称/参数对)当前不会被回收,因此您为每个替换的列表创建一个这样的对象,其中这个对象从未被使用过。
真的,没有人应该永远与 IMO任何相当长的普通列表做到这一点,因为每次更新将占用O(n)
新的空间。通过setarg/nb_setarg
直接set_once /更新将占用0
新空间,并用二叉树表示列表,O(log(n))
新空间。替换也可以保存在一个单独的字典中,本身保持为一棵树(因为它需要增长)。 A 分块列表(与in here一样)可以在树中保存大块,每个固定大小的复合词可通过setarg/nb_setarg
直接设置/更新,并根据需要在树中添加新的块。
即使没有更新,只是访问平原名单是无可救药缓慢,O(n)
时间,在一个瞬间打开任何算法二次。列表只有很短的时间,或者作为一项家庭作业练习。
如何以这种直截了当的方式做到这一点?
:- use_module(library(clpfd)). list_nth0_item_replaced([_|Xs], 0, E, [E|Xs]). list_nth0_item_replaced([X|Xs], N, E, [X|Ys]) :- N #> 0, N #= N0+1, list_nth0_item_replaced(Xs, N0, E, Ys).
这里是指定的OP用例:
?- list_nth0_item_replaced([a,b,c,d],1,z,Ls).
Ls = [a,z,c,d]
; false.
上面的代码是纯粹的,所以我们可以提出更多的一般查询—和期望逻辑的声音回答:
?- list_nth0_item_replaced([a,b,c,d], N, X, Ls).
N = 0, Ls = [X,b,c,d]
; N = 1, Ls = [a,X,c,d]
; N = 2, Ls = [a,b,X,d]
; N = 3, Ls = [a,b,c,X]
; false.
如果我们使用same_length/2
,append/3
和length/2
,我们不需要编写递归代码:
list_nth0_item_replaced(Es, N, X, Xs) :- same_length (Es, Xs), append (Prefix, [_|Suffix], Es), length (Prefix, N), append(Prefix, [X|Suffix], Xs).
样品查询:
?- list_nth0_item_replaced([a,b,c,d], 1, z, Xs).
Xs = [a,z,c,d]
; false.
这个工程 “在其他方向” 呢!
?- list_nth0_item_replaced(Xs, 1, z, [a,z,c,d]).
Xs = [a,_A,c,d]
; false.
更妙的是,我们甚至不需要指定具体指标:
?- list_nth0_item_replaced(Es, N, X, [a,z,c,d]).
N = 0, X = a, Es = [_A, z, c, d]
; N = 1, X = z, Es = [ a,_A, c, d]
; N = 2, X = c, Es = [ a, z,_A, d]
; N = 3, X = d, Es = [ a, z, c,_A]
; false.
?- list_nth0_item_replaced([a,b,c,d], N, X, Xs).
N = 0, Xs = [X,b,c,d]
; N = 1, Xs = [a,X,c,d]
; N = 2, Xs = [a,b,X,d]
; N = 3, Xs = [a,b,c,X]
; false.
代码呈现in this previous answer是相当多才多艺—感谢clpfd。
是否有缺点?是的,有一个缺点:效率低下!
在这个答案中,我们提高性能和保留了多功能性。
:- use_module(library(clpfd)).
我们继续像this previous answer没有当它定义的谓词fd_length/2
:
list_nth0_item_replaced__NEW(Es, N, X, Xs) :-
list_index0_index_item_replaced(Es, 0,N, X, Xs).
list_index0_index_item_replaced([_|Es], I ,I, X, [X|Es]).
list_index0_index_item_replaced([E|Es], I0,I, X, [E|Xs]) :-
I0 #< I,
I1 #= I0+1,
list_index0_index_item_replaced(Es, I1,I, X, Xs).
所以......有它得到任何更快吗?
?- numlist(1,100000,Zs), time(list_nth0_item_replaced(Zs,99999,x,Xs)). % 14,499,855 inferences, 0.893 CPU in 0.893 seconds (100% CPU, 16237725 Lips) Zs = [1, 2, 3, 4, 5, 6, 7, 8, 9|...], Xs = [1, 2, 3, 4, 5, 6, 7, 8, 9|...] ; % 7 inferences, 0.000 CPU in 0.000 seconds (99% CPU, 18377 Lips) false. ?- numlist(1,100000,Zs), time(list_nth0_item_replaced__NEW(Zs,99999,x,Xs)). % 499,996 inferences, 0.049 CPU in 0.049 seconds (100% CPU, 10158710 Lips) Zs = [1, 2, 3, 4, 5, 6, 7, 8, 9|...], Xs = [1, 2, 3, 4, 5, 6, 7, 8, 9|...] ; % 6 inferences, 0.000 CPU in 0.000 seconds (93% CPU, 213988 Lips) false.
OK,它是更快。但它仍然是多功能的?
?- list_nth0_item_replaced__NEW([a,b,c,d], 1, z, Xs). Xs = [a,z,c,d] ; false. ?- list_nth0_item_replaced__NEW(Xs, 1, z, [a,z,c,d]). Xs = [a,_A,c,d] ; false. ?- list_nth0_item_replaced__NEW(Es, N, X, [a,z,c,d]). N = 0, X = a, Es = [_A, z, c, d], ; N = 1, X = z, Es = [ a,_A, c, d] ; N = 2, X = c, Es = [ a, z,_A, d], ; N = 3, X = d, Es = [ a, z, c,_A] ; false. ?- list_nth0_item_replaced__NEW([a,b,c,d], N, X, Xs). N = 0, Xs = [X,b,c,d] ; N = 1, Xs = [a,X,c,d] ; N = 2, Xs = [a,b,X,d] ; N = 3, Xs = [a,b,c,X] ; false.
看起来没问题!
我想出了另一种方法,我认为这是正确的(?)。我不知道运行时复杂性。
replace(I, L, E, K) :-
nth0(I, L, _, R),
nth0(I, K, E, R).
用法:
?- replace(2, [1, 2, 3, 4, 5], 10, X).
X = [1, 2, 10, 4, 5].
你有没有尝试任何事情,并没有奏效?你尝试了什么? – dasblinkenlight 2011-12-15 11:22:39