基本的mysql数据提取使用php

我已经看了这里。请耐心等待，因为我是php和mysql的新手。我得到了WAMPP安装&似乎工作正常。我在phpMyAdmin和“firsttable”中创建了一个简单的“测试”数据库。我可以使用w3schools中的示例做一个简单的连接，但试图选择&我输入的显示数据仅引发错误。基本的mysql数据提取使用php

<?php 
$servername = "localhost"; 
$username = "root"; 
$password = ""; 

// Connect 
$conn = mysqli_connect($servername, $username, $password); 

// Check connection 
if ($conn->connect_error) { 
    die("Connection failed: " . $conn->connect_error); 
} 

$sql = "SELECT reference, firstname, lastname, room FROM firsttable"; 
$result = $conn->query($sql); 

if ($result->num_rows > 0) { 
    // output data of each row 
    while($row = $result->fetch_assoc()) { 
     echo "id: " . $row["reference"]. " - Name: " . $row["firstname"]. " " . $row["lastname"]. "room:" . $row["room"]. "<br>"; 
    } 
} else { 
    echo "0 results"; 
} 


if ($conn->connect_error) { 
    die("Connection failed: " . $conn->connect_error); 
} 
$conn->close(); 
?>

首先，我得到17行的一个读取解析错误：

if ($result->num_rows > 0) {

错误说：试图让非对象的属性。

我试着将标签中的整个php代码包装起来并保存为html，但之后似乎没有发现任何行数据。

我能够使用非常简单的代码连接成功。我可以确认数据库在那里，表格以及我添加的内容也是如此。

请问我在做什么错？

来源

2017-04-17 user258081

仅用于测试目的'var_dump（$ result）;' – Hackerman

您需要将数据库添加到连接函数中。 –

_“尝试获取非对象的属性。”_这意味着'$ result'不是一个对象，但是您试图将它作为一个对象来引用。如果你'var_dump（$ result）'你会看到它实际是什么。查看'query（）'函数的文档以了解可能得到的返回值。 –

您需要指定当您连接数据库：

$database = 'test'; 

$conn = mysqli_connect($servername, $username, $password, $database);

其中$database是你的数据库（在这种情况下test）这个名字。没有告诉它，MySQL不知道你的表所在的数据库。

此外，你应该总是包括你的数据库连接的错误检查（你有两个，你不需要最后一个）以及任何查询。没有这一点，你可以检查你的错误日志，以获得更多信息，当失败时。

来源

2017-04-17 18:27:21

我做了上面的建议更改，并删除了最后一次错误检查，但我得到一个解析错误，说在上面的$ conn行上出现意外的“，”（唯一添加的“，”是之前的$数据库）;“）。 – user258081

@Alex，感谢您解释“var_dump（$ result）;”我刚刚从w3schools复制了代码示例，所以我真的不知道$ result不是一个对象还是试图将它作为一种手段引用它;我也想弄清楚下面的迷你Markdown格式。 – user258081

@Shadow，我很困惑：你说我不检查任何sql错误，但应该。我不确定答案是否是杰伊的原创，还是来自弗雷德的编辑，但它说我有两个错误检查，并建议我不需要并且应该放弃其中一个。我也会检查我的错误日志。 – user258081

基本的mysql数据提取使用php

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