你好我是PHP新手,我使用xampp作为本地主机和html表单来收集数据。PHP处理表单数据
我的表格要求太平洋数据,我试图让它把这些数据转化为MySQL数据库客户端
我得到错误警告:请求mysql_query()预计参数2是资源,对象在C中给出: \ XAMPP \ htdocs中\ service_record.php线14上 错误:
形式代码
<center>
<form method="post" action="service_record.php">
<table border="1" cellspacing="50">
<center><h1>Record Service Record</h1></center>
<tr>
<td>Date joined <input name="join_date"size="34" maxlength="30"> </td>
<td>Discharge date <input name="leave_date"size="34" maxlength="30"><br /></td>
</tr>
<tr>
<td>Rank <input name="rank"size="20" maxlength="20"> </td>
<td>time served <input name="time_served"size="20" maxlength="10"></td>
</tr>
<tr>
<td>Service <input name="service"size="34" maxlength="30"></td>
<td>Regt/Corps <input name="regt_corps"size="34" maxlength="30"><br /></td>
</tr>
</table>
<input type="reset" value="Reset Form"/> <input type="submit" value="Send" />
</center>
</form>
PHP代码
<?php
$con=mysqli_connect("localhost","client","");
// Check connection
if (mysqli_connect_errno())
{
echo "Failed to connect to MySQL: " . mysqli_connect_error();
}
$sql="INSERT INTO service_record (join_date,leave_date,rank,time_served,service,regt_corps)
VALUES
('$_POST[join_date]','$_POST[leave_date]','$_POST[rank]','$_POST[time_served]','$_POST[service]','$_POST[regt_corps]')";
if (!mysql_query($sql,$con))
{
die('Error: ' . mysql_error());
}
echo "The Staff Details have been added to database";
mysql_close($con);
?>
我已阅读书籍后,它改变了100次书籍仍然没有结果。 我已阅读本网站和许多其他人,我只是可以得到它。
如果可以,请帮助。
罗布
您的脚本似乎很容易受到SQL注入攻击。 – Gumbo 2013-03-03 14:27:13