我存储在JavaScript变量下面的表单功能:我在哪里可以把下面的验证
var $fileImage = $("<form action='imageupload.php' method='post' enctype='multipart/form-data' target='upload_target' onsubmit='startImageUpload(this);' class='imageuploadform' >" +
"<label> Image File: <input name='fileImage' type='file' class='fileImage' /></label><br/>" +
"<input type='submit' name='submitImageBtn' class='sbtnimage' value='Upload' /></label></form>
现在你可以看到当在提交用户点击按钮,提交到“startImageUpload”函数低于:
function startImageUpload(imageuploadform){
$(imageuploadform).find('.imagef1_upload_process').css('visibility','visible');
$(imageuploadform).find('.imagef1_upload_form').css('visibility','hidden');
sourceImageForm = imageuploadform;
return true;
}
它的作用是,当用户点击提交,它会显示一个加载的酒吧和上传的形式。
我想执行一个简单的javascript验证,当用户点击表单中的提交按钮时,它会检查文件是'png'还是'gif'文件类型。如果文件类型正确,则显示加载栏并上传表单。如果文件类型不正确,则显示n个警报,说明文件类型不正确,但不显示加载栏,也不上载表单。
下面是验证,但我的问题是我在哪里放置的代码,以便当用户点击“上传”按钮,如果不正确的文件类型然后警报出现,它不会上传文件,如果文件类型是正确的,然后它显示加载栏和上传文件。
$(".imageFile").change(function() {
var val = $(this).val();
switch(val.substring(val.lastIndexOf('.') + 1).toLowerCase()){
case 'gif': case 'jpg': case 'png':
return true;
break;
default:
$(this).val('');
alert("not an image");
return false;
break;
}
});
我会尝试这一点,并尽快给您:) – user1324106 2012-04-13 01:17:29
您好,我把我更新的代码在我的问题的底部。问题在于警报根本没有出现。我做错了什么,我的代码是否遵循你所说的? – user1324106 2012-04-13 01:25:26