当你作为一个参数传递时，你可以隐式地创建一个对象吗？

在这里的建议，我已经尝试学习oop php。我通过社交媒体的例子发现了一个显示真实世界实现的网站，我正在阅读和大部分时间都在进行跟踪。但是我碰到了，this page上可能只是一种替代语法。当你作为一个参数传递时，你可以隐式地创建一个对象吗？

我的问题是关于什么似乎是从一个类的对象，作为参数传递给另一个类的方法。我通过其他一些类似性质的stackoverflow问题阅读，但只有this one表现出类似的语法，但只有在回答另一个问题时才提出，而不是讨论我特别提出的问题（位于答案中）。

要清楚，从第一个链接页面摘录一段代码;

public function getFriend(Relationship $rel) { 
    if ($rel->getUserOne()->getUserId() === $this->loggedInUser->getUserId()) { 
     $friend = $rel->getUserTwo(); 
    } else { 
     $friend = $rel->getUserOne(); 
    } 

    return $friend; 
    }

方法getFriend距离关系类。和该方法的参数关系$ rel我相信是一个关系类的实例。然而没有

$rel = new Relationship

任何地方。这是通过引用传递一个对象？我知道这是一个新手问题，所以谢谢，是的，我看过手册的objects and classes部分，所以如果我不看手册的正确部分，并且可以给我一个正确方向的指针，谢谢。

来源

2017-08-13 user74091

看来，如果引用一些所谓类型暗示的函数参数或类型声明：

http://php.net/manual/en/functions.arguments.php#functions.arguments.type-declaration

基本上这是什么做的，是它要求的变量是键入Relationship。如果您尝试将任何其他类型的变量传递给此方法，您将会遇到致命错误（PHP 5）或异常（PHP 7）。

来源

2017-08-13 01:03:46 DrDamnit

所以即使{$ rel}不是已经是一个类的实例化，这个工作吗？是否因为对象已经存储在内存中？ – user74091

或者我相信你是对的，但你能详细说明一下吗？ – user74091

对象$ rel必须已经被实例化并且具有Relationship类型才能传递给此方法。这不会实例化任何东西。它只是几天“所有变量不是类型关系，在这里不受欢迎”。 – DrDamnit

当你作为一个参数传递时，你可以隐式地创建一个对象吗？

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