$ result mysql_query（）困难

我想从我的数据库中提取信息，使用选项列表并选择相应选择的行。

table: sales 

columns: year, q1, q2, q3, q4 

values: 2011, 127.24, 106.54, 88.04, 120.89

当试图从我的数据库返回$结果查询。它返回两个警告：

的mysql_query（）预计参数1是字符串

mysql_error（）预计参数1是资源

这是我的代码：

<?php 

$mysqli = mysqli_connect("localhost","admin","admin","testDB"); 

$year= $_POST['year']; 

$taryear= filter_input(INPUT_POST, 'year'); 
$yearsql= "SELECT year FROM sales WHERE year = '".$taryear."'"; 
$result= mysql_query($mysqli, $yearsql) or die(mysql_error($mysqli)); 


?> 

<html> 
<body> 
    <form action = "salespie.php" method = "POST"> 
     <select name = "year"> 
      <option value = "2011">2011</option> 
      <option value = "2012">2012</option> 
      <option value = "2013">2013</option> 
     </select> 
     <input type = "submit" value = "Submit"> 
    </form> 
</body> 
</html>

我试图回应$year本身，并且它返回2011.

我也echo'd $yearsql结果：SELECT year FROM sales WHERE year = '2011'

我不完全明白我做错了，得到这两个警告。

任何指导/帮助将不胜感激！

感谢，

来源

2014-10-29 ALMorrow

使用不同的API，另一个（本周第50）。就是这样，我正在去酒吧。这种杜松子酒和滋补品是唯一能“混合”的东西。 – 2014-10-29 20:25:07

你在混合'mysql _ *（）'和'mysqli _ *（）'。它们是不同的API--只能使用'mysqli _ *（）'。 – 2014-10-29 20:26:50

让我来帮你。 http://stackoverflow.com/search?q=mysql_query%28%29+expects+parameter+1+to+be+string | http://stackoverflow.com/search?q=mysql_error%28%29+expects+parameter+1+to+be+resource – 2014-10-29 20:27:36

弗雷德在评论中提到，你是混合mysql_*和mysqli_*功能。
They are not the same thing.

鉴于您正在传递您的连接链接，您可能的意思是使用mysqli_query代替。

来源

2014-10-29 20:29:54

mysqli_connect使用新的面向对象的mysql类并返回一个新的对象。如果你这样做

$result = $mysqli->query($yearsql); 
if(!$mysqli->errno) //Check if an error occured * fixed small typo with an extra o { 
    echo 'Error: '.$mysqli->error; 
}

问题是你正在使用的mysqli对象与旧的（不推荐）MySQL的方法

查询应该工作。

有mysqli过程函数的mysqli工作。您在哪里使用mysql_query或mysql_error替换那些与mysqli_等效。

来源

2014-10-29 20:32:58 MiltoxBeyond

$ result mysql_query（）困难

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