使用file_get_contents显示图像

Question

如何显示在php中使用file_get_contents检索的图像？

我是否需要修改标题并仅回显它或其他内容？

谢谢！

Answer 1

我需要修改标题，只是回声它或什么？

确切地说。

发送一个header("content-type: image/your_image_type");和之后的数据。

Answer 2

你可以做到这一点，或者你可以使用readfile功能，输出为你：

header('Content-Type: image/x-png'); //or whatever 
readfile('thefile.png'); 
die(); 

编辑：DERP，固定明显突出的错字。

Answer 3

您可以使用readfile和输出的图像头，你可以从getimagesize得到这样的：

$remoteImage = "http://www.example.com/gifs/logo.gif"; 
$imginfo = getimagesize($remoteImage); 
header("Content-type: {$imginfo['mime']}"); 
readfile($remoteImage); 

你应该ReadFile的使用这里的原因是，它直接将文件，其中输出到输出缓冲区file_get_contents会将文件读入内存中，这在内容中是不必要的，并且可能对大文件密集。

Answer 4

，你可以这样做：

<?php 
    $file = 'your_images.jpg'; 

    header('Content-Type: image/jpeg'); 
    header('Content-Length: ' . filesize($file)); 
    echo file_get_contents($file); 
?> 

Answer 5

$image = 'http://images.itracki.com/2011/06/favicon.png'; 
// Read image path, convert to base64 encoding 
$imageData = base64_encode(file_get_contents($image)); 

// Format the image SRC: data:{mime};base64,{data}; 
$src = 'data: '.mime_content_type($image).';base64,'.$imageData; 

// Echo out a sample image 
echo '<img src="' . $src . '">'; 

Answer 6

小编辑到@seengee答案： 为了工作，你需要周围的可变花括号，否则你会得到一个错误。

header("Content-type: {$imginfo['mime']}");