60秒后在网站上，弹出

嗯，我正在试图达成一个解决方案，我想这可能工作：60秒后在网站上，弹出

在PHP文件：

$liguem = getdate(); 

$liguemoff = $_COOKIE['liguemoff']; 
$liguemon = $_COOKIE['liguemon']; 

if(empty($liguemoff)){ 
    setcookie('liguemoff',$liguem[0],time() + (50000)); 
} 

setcookie('liguemon',$liguem[0],time() + (20000)); 



$body->assign("COOKIE2", $liguemoff); 
$body->assign("COOKIE3", $liguemon);

这一些机构指派因为我m与XTemplate一起工作，但PHP只是PHP。

现在中的索引文件，一些JavaScript代码：

var cookie2 = {COOKIE2}; 
var cookie3 = {COOKIE3}; 

if(cookie3-cookie2 > 60){ 
    alert('alerta'); 
};

事实是，它的作品！人们可能不会导航，但这是我想要的，弹出窗口只会在访问者看到至少2页（服务器端的东西）后才会打开。

主要的问题是，我不能让功能popup();触发我的ALERT显示。警报正在工作，但....任何提示？

PS：

这是popthat();功能：

function popthat(){ 
    $("#darkside").css('opacity','0.3').fadeIn('slow'); 
    $("#darkside").click(function() { 
    $(this).css('opacity','1').fadeIn('fast'); 
    $("#liguem").hide(); 
    }); 
     $("#liguem").corner(); 
    $("#liguem").hide(); 
    $("#liguem").delay(200).css('visibility','visible'); 
    $("#liguem").fadeIn('fast'); 
}

来源

2011-12-01 Souza

您可以设置超时时间，以在指定的时间后显示弹出窗口。这段时间可以由您的PHP指定，因为服务器端代码将能够通过页面视图跟踪网站上的时间量。这样，即使用户没有导航到其他页面，弹出窗口也可以在站点上显示60秒后显示。

喜欢的东西：

setTimeout(popthat, <?php echo $_COOKIE[...]; ?>);

你的PHP将回声的毫秒数，直到弹出窗口应显示。

的注意事项：当您更换alert()与popthat()功能DOM可能不准备和popthat()将无法工作，因为它没有找到符合您选择的任何元素。尝试在document.ready（$(function() {});）上运行您的代码。

来源

2011-12-01 18:07:32 Jasper

浏览器自动拦截在页面加载初始化的弹出窗口，因为没有人喜欢这些类型的弹出式窗口。

来源

2011-12-01 17:58:48 ceejayoz

我会为您添加更多信息以查看弹出窗口。这是jquery制作的，不是一个真正的弹出 – Souza

你不认为这可能是相关的信息？ – ceejayoz

你的意思是它是一个浮动div覆盖，而不是window.open（）类型的东西？ –

当您执行alert()时，脚本的执行将停止。 alert()是一个阻塞函数，在它移动之前什么都不会发生。

来源

2011-12-01 18:06:54 Brad

我不知道你是否犯了一个错字，但是你的函数叫做popthat（），在你的声明中你说你调用了函数popup（）。你需要改变popup（）; popthat（）;为了这个工作，除非我说这是一个错误。

来源

2011-12-01 18:10:05 Jon

60秒后在网站上，弹出

回答

相关问题