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我很新的php mysql编程。我有我的检索用户配置文件信息写程序,但我看了mysql_fetch_assoc提供的参数
mysql_fetch_assoc():提供的参数不就行了9有效和21
这里是我的代码。但另一方面它正在另一个数据库上工作。我编辑了单引号,但它仍然给出相同的错误信息。你可以给我一个解决方案,或者如果你喜欢这个自己制作的程序,比较和识别我的缺陷会更有帮助。
<?php
include ("config.php")
?>
<?php
function getUsersData($id)
{
$array=array();
$result = mysql_query("SELECT * FROM 'users' WHERE 'id' = '" . $id);
while($row = mysql_fetch_assoc($result))
{
$array['id']=$row ['id'];
$array['name']=$row ['name'];
$array['username']=$row ['username'];
$array['email']=$row ['email'];
}
return $array;
}
function getId($username)
{
$result = mysql_query("SELECT 'id' FROM 'users' WHERE 'username' = '" . $username . "'");
while($row = mysql_fetch_assoc($result))
{
return $row['id'];
}
}
?>
您没有正确引用'$ id'的值,并错误地引用了列名。添加mysql_error(),然后读取PDO /参数绑定。 – mario 2014-10-28 08:38:20
首先,停止使用'mysql'函数,因为它已被弃用(这意味着未来某处它将被踢出php,而你的代码将不再工作)。改为使用'mysqli'。 – Michel 2014-10-28 08:39:59
MySql查询不在这里。所以$结果没有得到资源ID。作为一名新开发人员,我建议您在执行之前打印您的查询。 该行 $ result = mysql_query(“SELECT * FROM'users'WHERE'id'='”。$ id); 应该是 $ result = mysql_query(“SELECT * FROM'users' WHERE'id' ='”。$ id。“'”); – 2014-10-28 08:43:28