在CodeIgniter中的函数中使用die（）

我正在CodeIgniter中编写一个Web应用程序，我试图应用用户激活。在CodeIgniter中的函数中使用die（）

function is_active() { 
     $active_state = $this->my_model->check_active(); 
     if ($active_state == 'no') { 
      $this->load->view('activation_page'); 
      die(); 
     } 
    }

上面的代码会产生一个空白页，如果我删除die（）;如果将激活页面打印出members_area

那么我该如何强制加载所请求的视图并退出？

来源

2013-04-25 Zim3r

你不需要在所有 – 2013-04-25 09:39:57

由于使用模具（），但这样它不会工作。 – Zim3r 2013-04-25 09:45:24

显然你是不是if语句里面去，如果用户不活跃的意思，您加载激活页面。

你还没有别的，如果用户是活跃的，它将加载一个视图。

尝试：

if ($active_state == 'no') { 
    $this->load->view('activation_page'); 
} 
$this->load->view('members_area');

注意：您可能要恢复的，如果条件。看起来更合乎逻辑，以检查用户是否活动，否则回退到激活页面。

编辑：

请参阅此代码：http://paste.laravel.com/pfO

注2：是许多可能的解决方案。

来源

2013-04-25 09:41:11

实际上，它确实进入if语句，因为如果我修改它死（'错误消息'）;它会在我的if语句中从die（）生成错误消息。问题是它不会尽快加载视图。谢谢 – Zim3r 2013-04-25 09:48:35

你在哪里使用这个函数is_active（）？ – 2013-04-25 09:56:59

在我的控制器下__construct – Zim3r 2013-04-25 09:58:32

尝试

if ($active_state == 'no') { 
    $this->load->view('activation_page'); 
    return false; 
}

来源

2013-04-25 09:37:22 hsuk

谢谢，没有变化。 – Zim3r 2013-04-25 09:45:45

我会把你的if语句放到模块的控制器中而不是模型中。你应该做检查，因为你可以围绕其他视图调用做if语句。这样它就不会加载其他您不想让未激活的用户看到的视图。

来源

2013-04-25 09:44:41

你应该如果条件都发挥正常

if ($active_state == 'no') { 
    $this->load->view('activation_page'); 
}else{ 
    $this->load->view('members_area'); 
}

来源

2013-04-25 09:48:49

我的确如你所说，但它仍然加载两个视图。谢谢 – Zim3r 2013-04-25 09:52:34

@ Zim3r你可能正在加载其他视图你正在调用'is_active'其他视图 – 2013-04-25 09:55:22

是的默认情况下，它应该去其他视图，但我使用__construct下，我认为它应该做什么是__construct下首先陈述。 – Zim3r 2013-04-25 10:01:31

在CodeIgniter中的函数中使用die（）

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