php中的外部样式表（css）

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我已经通过4-5在stackoverflow上发布了关于这个的文章，但没有解决我的问题。php中的外部样式表（css）

我有一个PHP文件，并希望使用我为其他HTML文件的CSS样式表。

现在它看起来是这样的：

<div style="height: 600px;"> 
     <?php 
     echo "<link rel='stylesheet' type='text/css' href='stylesheet.css' media='all'/>"; 
     session_start(); 
     $admin = $_SESSION['admin']; 
     $author = $_SESSION['author']; 
     ?> 
     <?php if ($admin == true AND $author == true) { ?> 
      <p id="confirmationText"><?echo "Thank you for your message! <br>You should have received a confirmation email. We will contact you soon."; ?></p> 
     <?php } ?> 
</div>

它不能正常工作; p id =“confirmationText”文本没有得到格式化。有趣的是，当我只在本地打开文件而没有Apache服务器时，它将获得HTML格式。

怎么办？

来源

2015-02-11 sika

你已经打开的错误信息，并能得到任何？在'

之后有一个拼写错误 - ''<？'和'echo'之间应该有一个空格。请注意，回应字符串是毫无意义的，你应该只是写在HTML – Bill 2015-02-11 20:52:57

awh，这很意思）：ppl随机downvoting你的问题...请给我们更多关于你的问题的细节，请尽管。 – cake 2015-02-11 21:06:53

你可以在浏览器中打开样式表吗？

另外，你为什么在div中回应样式表，而不是头部？

来源

2015-02-11 20:46:05 nobrandheroes

啊！当然！我现在在头脑中回应了样式表，它工作正常！ :)再一次，堆栈溢出来拯救！ :) – sika 2015-02-11 22:20:40

如果CSS样式链接不在<head> ... </head>区域中，它们有时无法正常工作。 最佳实践将只是在那里声明那个回声语句。
尝试在浏览器中打开您的页面，然后在样式表链接的地方单击'检查元素'，然后查看是否可以在其中看到任何问题。浏览器通常会让事情变得很奇怪。它可以提供有关错误的线索。
为什么在之前链接样式表您的session_start命令？也许这可能只是导致输出缓冲区错误。尝试将您的链接放在PHP代码的末尾。

老实说，有时甚至是“最佳实践”和“清理”固定代码的方法，都是行不通的。你可以使用一个小小的CSS黑客。这是不好的做法，有点折旧，但我已经编写了多年的代码，这只是让生活变得如此简单：而不是从外部链接样式表....直接嵌入样式。

这段代码添加到您的文件：

<style>  <?php include($_SERVER['DOCUMENT_ROOT'] . "/stylesheet.css"); ?> </style>

来源

2015-02-11 20:56:28 cake

我会带着这个，谢谢！ – sika 2015-02-12 13:47:39

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