Symfony2呈现和表单

我有一个表单，我想在我的网站的几个页面中使用。所以我呼吁这样的方法在我的网页：Symfony2呈现和表单

{{ render(controller('ProjectApplicationBundle:Application:form')) }}

我有我的formAction方法：

public function formAction() 
{ 
    $form = $this->createForm($type,$obj); 

    if('POST' == $this->getRequest()->getMethod()){ 
     $form->submit($this->getRequest()); 
     if($form->isValid()){ 
      //redirect to a page after the form 
     } 
    } 
    //render the form template ... 
}

这不是我的代码，这只是一个例子。

所以我加入到创建一个路由送我的形式

project_application_form: 
    pattern: /form 
    defaults: { _controller: ProjectApplicationBundle:Application:form }

现在我的问题:)

1）我想使用的URL阻止访问我的形式，只允许进行数据处理。

2）如果错误的页面不重定向，所以窗体显示没有布局，所以我想在窗体的页面中显示错误的形式。

编辑：我可能有第二点的解决方案，但这不是很合适。在我的参数中设置渲染路线并返回到路线而不是呈现渲染窗体。最后，我使用会话来输入错误。

我希望这对你很清楚，对不起我的英语。

来源

2013-10-10 Ajouve

你是什么意思通过阻止访问表单并只允许数据处理？您是否想让路由仅可用于POST请求？ – nifr

好像你必须在你需要的所有控制器动作中使用你的formtype – sergekv

你必须保证，你处理你的表单的动作，并使其可仅由POST

例子：

use Sensio\Bundle\FrameworkExtraBundle\Configuration\Route; 
use Sensio\Bundle\FrameworkExtraBundle\Configuration\Method; 

class RegisterController extends Controller 
{ 
    /** 
    * @Route("/register/process", name="process_form_register") 
    * @Method({"POST"}) 
    */ 
    public function processAction(Request $request) 
    { 
     $form = $this->createFrom(new RegisterType()); 
     $form->submit($request); 

     if($form->isValid()){ 
      //redirect to a page after the form 
     } 
    } 
}

如果使用yml语法的路线，这会是：

process_form_register: 
    pattern: /register/process 
    defaults: { _controller: ...... } 
    requirements: 
     _method: POST

为你的2）点打开一个新问题，因为每个线程只有一个问题，它是另一个问题

来源

2013-10-10 09:27:41

谢谢，我会打开一个新的问题2 – Ajouve

我很好奇第二部分：http://stackoverflow.com/questions/19896639 /渲染控制器和获取 - 成型 - 错误 - 从孩子 –

Symfony2呈现和表单

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