C++店函数转发普遍引用

是否有可能存储有类似行为以下功能的函数：C++店函数转发普遍引用

void target(int foo, size_t bar) {} 
void target(std::string foo, int bar) {} 

template<T...> 
void forwarding_func(T&&... args) 
{ 
    target(std::forward<T>(args)...); 
} 

auto forwarding_callable = ?

如何将一个建立类型T上的可调用对象具有相同的行为forwarding_func。我必须存储它以备后用，所以我确实需要一个std :: function对象？是否有可能在函数对象中存储像这样的lambdas？

auto f = [](auto&& x){ 
     myfunction(std::forward<decltype(x)>(x)); 
}

来源

2017-10-07 Andreas Loanjoe

是的，可以使用lambda表达式。如果你想存储它们，你可以使用'std :: function'或者一个以传递的lambda对象的类型为模板的类。 –

在std :: function对象中可以存储这样的东西，但不存储*。 –

请注意，您的示例lambda会（如果它工作）不采取通用的引用，而是一个右值引用，即。它只会接受rvalues作为论证。我知道你明确地要求如何做到这一点，但在我看来，这仍然存在一些混淆。您可能想阅读Scott Meyer的文章（https://isocpp.org/blog/2012/11/universal-references-in-c11-scott-meyers）关于通用和右值引用之间的区别。 – Knoep

你需要一个函数对象，就是一个与operator()。该操作员应该是一个模板并且具有与forwarding_func相同（或类似）的签名。你可以用各种方法建立一个。

最直接的方法是使用C++ 17通用lambda。如果你不能使用它，你可以自己定义：

struct forwarder { 
    template <typename ... Args> 
     void operator()(Args&& ... args) { ... etc } 
};

有一种完全不同的方式来创建这样的转发器。有一个建议将overload函数添加到标准库。你会使用这样的：

auto callable = std::overload (
    (void (*)(int, size_t))(target), 
    (void (*)(std::string, int))(target) 
);

编译器不落实的std ::超载，因为它不是任何标准的一部分，但你可以很容易地实现它自己或在网络上找到的实现（例如参见this question）。

来源

2017-10-07 22:22:13

通用引用和std::forward才有意义在功能模板，在这种情况下，你不知道你的说法是否是左值参考与否。如果是的话，你想按原样传递它，如果不是的话，你想把它转换成你要转发的函数。这正是std::foward所做的。 Here是对右值引用和完美转发的非常好的介绍。由于非模板函数指定它们是通过值还是通过（左值）引用来引用它们的参数，因此您可以相应地移动或不移动它们，并且不需要std::foward。

由于函数模板本身并不是实际的函数，所以不能将它们存储在lambda表达式中。但是，您可以创建一个仿函数与模板operator()：

struct Forwarding_Functor 
{ 
    template<class... T> 
    void operator()(T&&... args) 
    { 
     target(std::forward<T>(args)...); 
    } 
};

来源

2017-10-07 22:20:24 Knoep

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