内容不会死

我有一个函数，如果一个变量没有被定义，exit;被调用，因此它不应该在页面上产生任何东西，而是一个空白页面。它会在实际退出之前生成错误消息。所以当它应该执行的时候，因为变量没有被定义，它应该会死掉，但是会发生错误消息被执行，然后页面的其余部分加载到错误消息中，并且不会退出。有任何想法吗？内容不会死

public function exit_error() { 
    parent::error_array(); 
    $errors = $this->msg_array; 
    return $errors; 
    die(); // error should produce, then die here. 
}

来源

2010-04-01 phillip morris USA

很多，但他们不帮你。请提供**代码的一部分** *您正在讨论*，错误被引发的部分*以及错误消息**本身。否则，您必须对此答案感到满意：'42' – 2010-04-01 19:29:43

错误信息是由我生成的。但是k – 2010-04-01 19:32:27

我怎么知道？然后只是代码;） – 2010-04-01 19:33:46

这一行：

return $errors;

函数退出，并将结果返回给调用者。
在return声明之后发生的任何内容都不会执行！

你可以考虑return作为让函数说：“这里拿这个，我在这里完成！”。

因此有可能在函数如多个 return语句：

function($i) { 
    if($i > 0) { 
     return 'foo'; 
    } 
    $i = -$i; 
    return 'bar'; 
}

功能是废话，问题是，如果$i更大然后0，语句return 'foo'已到达，功能存在和从不执行以下行。

使用此功能，您可以尽早离开某个功能，而无需进行可能不必要的进一步计算。

来源

2010-04-01 19:35:43

你从你的函数返回代码达到exit之前。这是return所做的。 return语句之后的所有内容都被忽略，并且执行流程返回到您调用该函数的位置。

了解更多关于退货和计划流程here。这是一个基本的概念，如果你希望编写最简单的程序，这一点至关重要。

来源

2010-04-01 19:34:19 meagar

通过使用return，你基本上退出了你的功能。任何后续的陈述都将被忽略，包括die()。

哦，并保存一个独角兽，并改为使用exit();）。 （这是一个笑话，die()相当于exit()在PHP）

来源

2010-04-01 19:36:02

的功能可按被返回变量$errors，然后不执行更多的功能中的代码的。

public function exit_error() { 
     parent::error_array(); 
     $errors = $this->msg_array; 
     return $errors; 
     echo "hello"; 
     die(); 
    }

你永远不会打印，因为函数已经停止执行。

来源

2010-04-01 19:36:17 bigstylee

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