获得多个错误在PHP代码

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我试图用这个文件管理器称为"Php Win2K File Manager" 但是我收到下面获得多个错误在PHP代码

弃用这些错误：通话时传递的引用在c弃用：\ xampp \ htdocs \ test \ explorer.php on line 166
已弃用：在第214行的C：\ xampp \ htdocs \ test \ explorer.php中不推荐使用呼叫时传递参考警告：opendir（c ：/ inetpub/wwwroot /，c：/ inetpub/wwwroot /）[function.opendir]：系统找不到指定的路径。（code：3）in line 91
C：\ xampp \ htdocs \ test \ explorer.php警告：opendir（c：/ inetpub/wwwroot /）[function.opendir]：未能打开目录：没有这样的文件或目录在91行：C：\ xampp \ htdocs \ test \ explorer.php

这是为什么？是因为我在Linux服务器上而不是在Win2K上运行它？

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来源

2012-08-12 user1594124

一个Win2k服务器。杀我。 – 2012-08-12 23:52:19

Erg ...如果您正在运行Linux服务器，则您的文件路径不会植根于“C：”驱动器中...... – esqew 2012-08-12 23:54:08

如果直接在您的问题中发布代码，您通常会得到更好的结果（错误消息指示行号;用它作为在这里发布的行的指南）。 – 2012-08-12 23:55:19

呼叫时通过按引用意味着一个变量被传递到用它前面的操作者&的函数。例如（someFunction(&$var);）。

PHP 5.4不推荐使用通过引用传递参数，这意味着您不能在函数调用中通过引用传递变量，正确的方法是定义函数，以便变量始终通过引用传递。对于上述调用的函数定义看起来像：

function someFunction(&$iAmByReference) { 
    $iAmByReference = 42; 
}

你打电话时，你不需要用&先于变量，通话只是看起来像：

$x = 32; 
someFunction($x); 
echo $x; // 42

你将不得不修改代码，以便函数定义将该变量声明为引用变量，并从任何函数调用中删除&。

你说你正在Linux上运行，但考虑到PHP错误消息，它显示你仍然在Windows上。 PHP说你的脚本是C:\xampp\htdocs\test\explorer.php这是一个Windows路径。

最有可能的$_GET['dir']不正确，或者脚本确定路径错误。不知道那里发生了什么，我不得不看你是如何访问脚本。在第一种情况下，它看起来像试图打开一条实际上由逗号分隔的2条路径。

来源

2012-08-12 23:54:52 drew010

获得多个错误在PHP代码

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