使用PHP Array时Select Query返回NULL

尝试通过使用json的ios设备通过php脚本向服务器发送少量文件名。使用PHP Array时Select Query返回NULL

我可以发送文件名，并接受他们回来，如果我使用：

$handle = fopen('php://input','r'); 
    $jsonInput = fgets($handle); 
    $decoded = json_decode($jsonInput,true); 

    sendResponse(200, json_encode($decoded));

我发送一个JSON字符串从IOS像= ["sample.pdf","sample-1.pdf"] sendResponse 200是在iOS设备这证明我的发送和接收工作方法=

(
    "sample.pdf", 
    "sample-1.pdf" 
)

但是如果我的代码更改为以下，并尝试运行一个查询我总是Query failed

$handle = fopen('php://input','r'); 
$jsonInput = fgets($handle); 
$decoded = json_decode($jsonInput,true); 
var_dump($decoded); 
$names = join("', '",$decoded); 
var_dump($names); 

$sql = new mysqli($config['localhost'], $config['xxx'], $config['xxxx'], $config['xxxxx']); 
if (mysqli_connect_errno()) { 
    printf("Connect failed: %s\n", mysqli_connect_error()); 
exit; 
} 
$query = "SELECT * FROM FILES WHERE name IN ('$names')"; 
$result = $sql->query($query);  
if (!$result) { 
    var_dump($result); 
    //printf("Query failed: %s\n", $mysqli->error); 
    //sendResponse(417, json_encode("Query failed:")); 
    sendResponse(417, json_encode($decoded)); 

exit; 
} 

    $rows = array(); 
    while($row = $result->fetch_row()) { 
     $rows[]=$row; 
    } 
sendResponse(200, json_encode($decoded)); 

$result->close(); 
$sql->close();

从上面的代码中，我总是得到Query failed反应，但真正奇怪的是，我也得到sendResponse(417, json_encode($decoded))或sendResponse(200, json_encode($decoded));

为什么会null查询后NULL响应，毕竟我没有改变$decode变量？

为什么查询失败？

编辑:::::

消除了对正确的JSON结果移除vardumbs和不断变化的连接代码，这解决了这个问题知道我能得到正确的查询结果。

$sql = new mysqli('localhost', 'user', 'password', 'database'); 
    if (mysqli_connect_errno()) { 
     printf("Connect failed: %s\n", mysqli_connect_error()); 
    exit; 
    }

来源

2013-05-13 u.gen

按照mysqli_connect_error（）给出了一个特定的错误吗？ – pal4life 2013-05-13 16:29:09

请问你可以做一个'echo $ query;'并向我们显示打印的值？ – 2013-05-13 16:31:41

而不是var_dump（名称），放一个echo $名称，只是为了看看它是否构建得很好 – Hackerman 2013-05-13 16:31:55

我看你是混合mysqli的语法。

$sql = new mysqli($config['localhost'], $config['xxx'], $config['xxxx'], $config['xxxxx']); 
if ($mysqli->connect_error) {

您应该使用面向对象的表示法来对应于使用new。另外，你如何编写配置似乎有点奇怪，你确定配置的内容是正确获得？

来源

2013-05-13 16:59:45

凭据是正确的，但改变的方法' $ sql = new mysqli（'localhost'，'xxxx'，'xxxxx'，'xxxxx'）; \t if（mysqli_connect_errno（））'解决了问题 – 2013-05-13 17:16:43

使用PHP Array时Select Query返回NULL

回答

相关问题